Soruda verilen eşitliğe $P(x,y)$ diyelim.
$P(0,0)\ \Longrightarrow\ f(0) = \left( f(0) \right)^2 \ \Longrightarrow\ f(0)\in\{0,1\}$
Durum 1: $f(0)=0$
$P(-x,0)\ \Longrightarrow\ \boxed{f(x)=-2x\ ,\forall x}$ bir çözümdür.
Durum 2: $f(0)=1$
$P(x,0)\ \Longrightarrow\ $
$f(-x)=f(x)+2x\ , \forall x\ \tag1$
$P(x,-y)\ \Longrightarrow\ f\left( -yf(x)-x \right) = f(x)f(-y)+2x\ \overset{(1)}{\Longrightarrow}\ f(yf(x)+x)+2yf(x)+2x = f(x)\left(f(y)+2y\right)+2x$
$\Longrightarrow\ f(yf(x)+x)=f(x)f(y)\ ,\forall x,y\tag2$
$(2)$ eşitliğini soruda verilen eşitlikte kullanırsak$f(yf(x)-x)=f(yf(x)+x)+2x\ ,\forall x,y\tag3$elde ederiz. Elde ettiğimiz bu $(3)$ eşitliğine $Q(x,y)$ diyelim.
Herhangi bir $k\in\mathbb R$ seçelim. $f(k)$ için iki ihtimal söz konusudur.
İhtimal 1: $f(k)\neq0$
$Q\left(k,\dfrac{k}{f(k)}\right)\ \Longrightarrow\ f(0)=f(2k)+2k \ \Longrightarrow\ f(2k) = 1-2k$
İhtimal 2: $f(k)=0$
$(1) \ \Longrightarrow\ f(-k) = 2k$
$Q\left(-k,\dfrac{1}{2}\right) \ \Longrightarrow\ f(2k) = f(0)-2k \ \Longrightarrow\ f(2k) = 1-2k$
Dolayısıyla,$f(2k)=1-2k\ ,\forall k\tag4$elde etmiş olduk. Elde ettiğimiz bu $(4)$ eşitliğine $R(k)$ dersek, $R\left(\dfrac{x}{2}\right)$ ifadesi ile $\boxed{f(x)=1-x\ ,\forall x}$ sonucuna varırız. Bu da bir diğer çözümdür.
İncelemiş olduğumuz iki farklı durumun sonucunda çözümlerimizin $\boxed{f(x)=-2x\ ,\forall x}$ ve $\boxed{f(x)=1-x\ ,\forall x}$ fonksiyonları olduğunu söyleyebiliriz. Bu iki fonksiyonun sorudaki şartı sağladığı yerine yazarak kolayca doğrulanabilir.